OPTADS360
ATNETWORK
RANDOM
ON
YOMEDIA
Banner-Video
IN_IMAGE

Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức \(P=\frac{2}{3+ab+bc+ca}+\sqrt[3]{\frac{abc}{(1+a)(1+b)(1+c)}}\)

Hôm qua làm kiểm tra 1 tiết Toán, mình giải không biết đúng hay sai nữa!

Cho a, b, c là các số thực dương thoả mãn a+b+c=3. Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức
\(P=\frac{2}{3+ab+bc+ca}+\sqrt[3]{\frac{abc}{(1+a)(1+b)(1+c)}}\)

 

  bởi Goc pho 08/02/2017
AMBIENT-ADSENSE/lession_isads=0
QUẢNG CÁO
 

Câu trả lời (1)

  • Áp dụng bất đẳng thức \((x+y+z)^2\geq 3(xy+yz+zx),\forall x,y,z\in Z\) ta có:
    \((ab+bc+ca)^2\geq 3abc(a+b+c)=9abc>0\)
    \(\Rightarrow ab+bc+ca\geq 3\sqrt{abc}\)
    Ta có: 
    \((1+a)(1+b)(1+c)\geq (1+\sqrt[3]{abc})^2, \forall a,b,c>0\). Thật vậy:
    \((1+a)(1+b)(1+c)=1+(a+b+c)+(ab+bc+ca)+abc\geq\)
    \(1+3\sqrt[3]{abc}+3\sqrt[3]{(abc)^2}+abc=(1+\sqrt[3]{abc})^3\)
    Khi đó \(P\leq \frac{2}{3(1+\sqrt{abc})}+\frac{\sqrt[3]{abc}}{1+\sqrt[3]{abc}}=Q(1)\)

    Đặt \(\sqrt[6]{abc}=t\). Vì a, b, c > 0 nên \(0<abc\leq abc\left ( \frac{a+b+c}{3} \right )^3=1\)
    Xét hàm số \(Q=\frac{2}{3(1+t^3)}+\frac{t^2}{1+t^2},t\in (0;1]\)

    \(\Rightarrow Q'(t)=\frac{2(t-1)(t^5-1)}{(1+t^3)^2(1+t^2)}\geq 0, \ \forall t\in (0;1]\)
    Do hàm số đồng biến trên (0;1] nên \(Q=Q(t)\leq Q(1)=\frac{5}{6} \ (2)\)
    Từ (1) và (2) suy ra \(P\leq \frac{5}{6}\)
    Vậy \(maxP= \frac{5}{6}\), đạt được khi và chỉ khi: a = b = c =1. 

      bởi Thanh Truc 09/02/2017
    Like (0) Báo cáo sai phạm

Nếu bạn hỏi, bạn chỉ thu về một câu trả lời.
Nhưng khi bạn suy nghĩ trả lời, bạn sẽ thu về gấp bội!

Lưu ý: Các trường hợp cố tình spam câu trả lời hoặc bị báo xấu trên 5 lần sẽ bị khóa tài khoản

Gửi câu trả lời Hủy
 
 

Các câu hỏi mới

NONE
OFF