Quan sát quá trình 1: \(\underbrace {\left\{ \begin{array}{l}
Fe\\
Cu\\
O
\end{array} \right\}}_{m\,\,gam} + \left\{ {\underbrace {\overbrace \begin{array}{l}
HCl\\
HN{O_3}
\end{array}^{1,8\,mol}}_{0,3\,mol}} \right\} \to \underbrace {\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}
{F{e^{3 + }}}\\
{C{u^{2 + }}}\\
{{H^ + }:0,{{26}^{mol}}}
\end{array}\,\,\,\,\underbrace {\overbrace \begin{array}{l}
C{l^ - }\\
NO_3^ - 
\end{array}^{1,8\,mol}}_{0,04\,mol}} \right\}}_{m\, + 60,24\,\,gam} + \underbrace {NO}_{0,26\,mol} + {H_2}O\)

BTKL có n_H2O = 0,92 mol. Bảo toàn H chứng tỏ trong X chứa 0,26 mol H⁺ dư như trên.

♦ Quá trình 2: để ý khí Y có M = 18,8 → là H₂ và NO. Quan sát quá trình chính:

\(\underbrace {Mg}_{a\,gam} + \underbrace {\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}
{F{e^{3 + }}}\\
{C{u^{2 + }}}\\
{{H^ + }:0,{{26}^{mol}}}
\end{array}\,\,\,\,\underbrace {\overbrace \begin{array}{l}
C{l^ - }\\
NO_3^ - 
\end{array}^{1,8\,mol}}_{0,04\,mol}} \right\}}_{m\, + 60,24\,\,gam} + \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}
{M{g^{2 + }}}\\
{\underbrace {NH_4^ + }_{z\,\,mol}}
\end{array}\,\,\,\,\,\underbrace {C{l^ - }}_{1,8\,mol}} \right\} + \left\{ {\,\,\,\underbrace {\overbrace \begin{array}{l}
NO\\
{H_2}
\end{array}^{3x\,mol}}_{2x\,mol}} \right\} + \underbrace {{H_2}O}_{y\,\,mol} + \underbrace {\left\{ \begin{array}{l}
Mg\\
Cu\\
Fe
\end{array} \right\}}_{\left( {m - 6,04} \right)\,gam}\)

giải tỉ khối Y tìm tỉ lệ 2 khí NO : H₂ là 3 : 2 rồi gọi các ẩn như sơ đồ:

• Ghép cụm: n_H2O = 2n_NO + 3n_NH4 ⇄ y = 6x + 3z (1).

• bảo toàn nguyên tố N có: 3x + z = 0,04 mol (2).

• Bảo toàn nguyên tố H có: 4x + 2y + 4z = 0,26 mol (3)

Giải x = 0,01 mol; y = 0,09 mol; z = 0,01 mol ||→ bảo toàn điện tích có n_Mg²⁺ = 0,895 mol.

► Chỉ cần BTKL cả sơ đồ có ngay và luôn giá trị yêu cầu a = 21,84 gam.